Alternatives Bild auswählen

[Sven Rautenberg]

Moin!

ich habe da ein kleines Problem.
Und zwar erstelle ich grad ein Skript das aus einer MySql-Datenbank ein Bild und eine Beschreibung ausgeben soll.
Alelrdings ist nicht immer ein Bild zu jedem Datensatz vorhanden. Dann soll ein alternatives Bild erscheinen.

Wie ist dieser Sachverhalt in der Datenbank gekennzeichnet? Woran erkennst du, dass kein Bild gespeichert ist?

Nur irgentwie bekomm ich das nicht hin! Ich bekomme die Meldung das er das .JPG nicht erkennt.

Wie lautet die Meldung wortwörtlich?

Hier mal ein kurzer Ausschnitt:

while($zeile = mysql_fetch_object($result)){

echo "<table width='618' border='0' height='386'>";
echo "  <tr>";
echo "    <td rowspan='12' width='66%'>";
echo " <img src='bilder/$zeile->com.JPG' width='399' height='300' ></td>";
if ($zeile->com.JPG=="0") {
echo " <img src='bilder/gabelhinten.GIF' width='399' height='300' ></td>";}

Ich vermute, PHP hat Probleme mit deiner "sehr kreativen" Art, Variablennamen zu referenzieren.

- Sven Rautenberg